JSON.stringify 忽略一些对象成员

Question

这是一个简单的例子。

function Person() {
  this.name = "Ted";
  this.age = 5;
}

persons[0] = new Person();
persons[1] = new Person();
JSON.stringify(persons);

如果我有一个 Person 对象的数组，并且我想将它们字符串化。如何返回仅包含名称变量的 JSON。

原因是，我有带有递归引用的大型对象，这会导致问题。我想从字符串化过程中删除递归变量和其他变量。

感谢您的帮助！

Answer 1

最简单的答案是指定属性来字符串化，

JSON.stringify( persons, ["name"] )

另一个选项是向对象添加 toJSON 方法

function Person(){
  this.name = "Ted";
  this.age = 5;      
}
Person.prototype.toJSON = function(){ return this.name };

： http://www.json.org/js.html

Answer 2

如果您仅支持 ECMAScript 5 兼容环境，则可以通过使用 Object.defineProperty()^[docs] 或 Object.defineProperties()^[文档]。

function Person() {
    this.name = "Ted";
    Object.defineProperty( this, 'age', {
        value:5,
        writable:true,
        configurable:true,
        enumerable:false // this is the default value, so it could be excluded
    });
}

---

var persons = [];

persons[0] = new Person();
persons[1] = new Person();

console.log(JSON.stringify(persons));  // [{"name":"Ted"},{"name":"Ted"}]

Answer 3

我会创建一个新数组：

var personNames = $.map(persons,function(person){
  return person.name;
});
var jsonStr = JSON.stringify(personNames);

Answer 4

查看这篇文章指定您想要包含的字段。
JSON.stringify(person,["姓名","地址","线路1","城市"])
它比上面建议的更好匹配！