通过主键链接两个表中的多个列

Question

我正在设计一个表格系统，它可以让我创建一个小型的计划表。规划器本身是一个 HTML 表，它利用了两个不同的 MySQL 表。

这些表是：

Table_1 (date_id, suggestion_1, suggestion_2, suggestion_3, ...)

Table_2 (song_id, song_title, ...)

表 1 的“date_id”列填充了日期日历，每个日期都有自己的一组建议。在表 1 的每一行中，建议列的单元格均单独填充从表 2 中的“song_id”列中提取的单个标识号（“1293”、“1185”、“0984”）。

我正在尝试了解如何生成列出日期和建议的 HTML 表，但不只是数字，而是显示第二个表中的歌曲标题。 （还有关于我想要显示的歌曲的其他信息，这就是为什么我有两张表而不是一张表的原因）。

HTML 表最终应如下所示：

HTML_Table (日历日期、歌曲标题 a、歌曲标题 b、歌曲标题 c)

我对 PHP/MySQL 相对较新，（而且是自学的 - 嗯，我有一个书）所以我花了大部分时间来弄清楚我应该如何定义我的问题 - 我现在明白我需要引用第二个表中的主键。我的问题是我该怎么做？我试图弄清楚我是否应该使用某种 JOIN，但我对它们一点也不擅长，尽管我是新的。

我正在使用的书给出了一个针对特定实例的示例函数，我对其进行了修改以供个人使用：

//convert the number of the 1st suggestion into a title
function get_suggest1($suggest_a) {
global $db;
$query = 'SELECT 
    song_title
    FROM
    draftsongref
    WHERE
    song_id = ' . $suggest_a;
    $result = mysql_query($query, $db) or die(mysql_error($db));
$row = mysql_fetch_assoc($result);
extract($row);
return $song_title;
}

在下面，我还包括：

//retrieve the suggestions for the mass
$query = 'SELECT
    date_id, suggestion_1
FROM
    draft_suggestions
ORDER BY
    date_id ASC';
$result = mysql_query($query, $db) or die (mysql_error($db));
...
// loop through the results 
while ($row = mysql_fetch_assoc($result)) { 
extract($row); 
$suggest1 = get_suggest1($suggest_a);

...所以我可以使用 $suggest1 变量输出给定建议的特定歌曲标题。我的问题是，每当我运行该函数时，我都会收到一条错误消息。

You have an error in your SQL syntax;
check the manual that corresponds to your
MySQL server version for the right syntax
to use near '' at line 6

现在，到目前为止，我已经设法弄清楚它指的是：

WHERE
    song_id = ' . $suggest_a;

并且，更具体地说，指的是“= ' . $suggest_a;”部分，但我根本不知道如何解决该特定问题。也许这是我的一个假设（变量参数 $suggest_a 是否有某个名称是否重要？），或者可能是函数设计中的错误 - 当我使用原始示例时，它起作用了，尽管原始参数/变量有没有其他通讯员。

现在，我知道这与我提到的 JOIN 表有相当大的不同，但这是我能够弄清楚如何实现这一点的最接近的表。任何给予的帮助将不胜感激。

Answer 1

你的桌子设计是错误的。该表不应是日期的单行和建议的多列，而是一个日期和一个建议，给定日期的多行。这使您可以对两个表进行简单的连接，以获得每个日期的一组建议以及歌曲标题。

Answer 2

好吧，这很尴尬——我已经解决了我自己的问题。本质上，这不是一个函数定义问题，而是一个输出问题。

// loop through the results 
while ($row = mysql_fetch_assoc($result)) { 
extract($row); 
$suggest1 = get_suggest1($suggest_a);

我错误地使用了定义函数 ($suggest_a) 中的相同参数变量，而不是对任何查询的信息执行任何操作。

//retrieve the suggestions
$query = 'SELECT
    date_id, suggestion_1
FROM
    draft_suggestions
ORDER BY
    date_id ASC';
$result = mysql_query($query, $db) or die (mysql_error($db));

相反，我应该将适当的列变量放入该函数的使用中：

// loop through the results 
while ($row = mysql_fetch_assoc($result)) { 
extract($row); 
$suggest1 = get_suggest1($suggestion_1);

它不起作用，因为它没有任何输出。一旦我给它一些东西使用，它就工作得很好。

无论如何，感谢吉姆·加里森（Jim Garrison）提供的有关表结构的提示 - 下次出现此问题时我一定会利用这一点。