404 if record not found - 如何检查记录是否存在？

Question

我认为我在上一个问题中没有充分解释自己。

我有一个页面显示各种元素，即使它从数据库调用的 id 不存在或已被删除（这会引发各种丑陋的错误，并且搜索引擎继续列出不存在的页面）。

如果 $id 不存在，您是否可以修改下面显示的页面代码的第一部分以发送 404（或至少发送到具有 404 标头的 projecterror.php）？非常感谢！

<?php
include_once("includes/linkmysql.php");
$adda=$_GET['a']; 
$cont=$_GET['c']; 
$select="SELECT * FROM projects where id='$id'";
$qselect = mysql_query($select);
while ($row = mysql_fetch_array($qselect)) { 

Answer 1

由于仅依赖 HTTP 错误代码有时可能有点过于模糊，因此我建议您除了常规 HTTP 状态代码之外，还将该错误包含在 XML/JSON 响应消息中。
这样您就可以提供更好的日志记录，并且由于错误在消息中详细说明，因此它将大大缩短调试时间/为您提供更清楚地呈现错误来源的机会。

Answer 2

<?php
include_once("includes/linkmysql.php");
$adda=$_GET['a']; 
$cont=$_GET['c']; 
$select="SELECT * FROM projects where id='$id'";
$qselect = mysql_query($select);
if( mysql_num_rows( $qselect ) === 0 )
{
   header("HTTP/1.1 301 Moved Permanently");
   header( 'Location: http://examplesite.domain/errorpage' ) ;
   exit;
}
while ($row = mysql_fetch_array($qselect)) { 

这些是@Vivek Goel 在您提出的其他问题上为您提供的标题代码

Answer 3

include_once("includes/linkmysql.php");
$adda=$_GET['a']; 
$cont=$_GET['c']; 
$select="SELECT * FROM projects where id='$id'";
$qselect = mysql_query($select);
if(!mysql_num_rows($qselect)){
    header($_SERVER['HTTP_PROTOCOL']. '404 Entry Not Found');
    //print other info
}
else{
 //do usual code

}

Answer 4

上面的答案中没有人在 MySQLI 中回答它，如果在数据库中找不到记录，则 Mysqli 使用以下

<?php
ob_start();
include_once("includes/config.php")//mysqli config;
$adda=$_GET['a']; 
$cont=$_GET['c']; 
$select="SELECT * FROM projects where id='$id'";
$result = $conn->query($select) or die("Cannot write");
$numrows = $result->num_rows;
if( $numrows === 0 )
{
   ob_end_clean();
   header("HTTP/1.1 301 Moved Permanently");
   header( 'Location: http://examplesite.domain/errorpage' ) ;
   exit();
}
while ($row = mysql_fetch_array($qselect)) {

代码
www.psychocodes.in