试图获取非对象的属性

Question

在控制页面上：

<?php
  include 'pages/db.php'; 
  $results = mysql_query("SELECT * FROM sidemenu WHERE `menu_id`='".$menu."' ORDER BY `id` ASC LIMIT 1", $con);
  $sidemenus = mysql_fetch_object($results);
?>

在查看页面上：

<?php foreach ($sidemenus as $sidemenu): ?>
  <?php echo $sidemenu->mname."<br />";?>
<?php endforeach; ?>

错误是：

注意：第 22 行尝试获取 C:\wamp\www\phone\pages\init.php 中非对象的属性

您能修复它吗？我不知道发生了什么。

Answer 1

检查 mysql_fetch_object() 的手册。它返回一个对象，而不是对象数组。

我猜你想要这样的东西

$results = mysql_query("SELECT * FROM sidemenu WHERE `menu_id`='".$menu."' ORDER BY `id` ASC LIMIT 1", $con);

$sidemenus = array();
while ($sidemenu = mysql_fetch_object($results)) {
    $sidemenus[] = $sidemenu;
}

---

我建议你看看 PDO。 PDOStatement::fetchAll(PDO::FETCH_OBJ) 执行您假设 mysql_fetch_object() 执行的操作

Answer 2

你的错误

注意：第 22 行尝试获取 C:\wamp\www\phone\pages\init.php 中非对象的属性

您的评论

@22 是 mname."
";?>

$sidemenu 不是一个对象，你正在尝试访问其属性之一。

这就是你的错误的原因。

Answer 3

<?php foreach ($sidemenus->mname as $sidemenu): ?>
<?php echo $sidemenu ."<br />";?>

或者

$sidemenus = mysql_fetch_array($results);

然后

<?php echo $sidemenu['mname']."<br />";?>

Answer 4

$sidemenu 不是一个对象，因此您无法调用它的方法。它可能没有发送到您的 view，或者 $sidemenus 为空。