PHP、GD、图像处理

Question

图像缩略图等

连接到数据库以获取文件名和详细信息 该表包含所有真实的文件信息。 Mimetype、扩展名等。

物理图像位于硬盘上的文件夹路径中，并重命名如下： s:\onlinemedia\files\1\2241.dat

[类型 pjpeg] [Mime image/jpeg]

我可以获得所有这些信息，但是，当我将 header 设置为 image/jpg 时，我将字符串输出到路径。

s:\onlinemedia\files\1\2241.dat

$fileid = $passcode = '';
$fileid     = (isset($_GET['fileid']) ? $_GET['fileid'] : '');
$passcode   = (isset($_GET['passcode']) ? $_GET['passcode'] :'');
$filename = $frw->source->img($fileid,$passcode);
$thumb = PhpThumbFactory::create($filename);
$thumb->adaptiveResize(16,16);
$thumb->save($filename);
$thumb->show($filename);

这里到底发生了什么？

Answer 1

我在发布的代码中看到的一件事是：

$thumb = PhpThumbFactory::create($filename);
$thumb->adaptiveResize(16,16);
$thumb->save($filename);
$thumb->show($filename);

在执行 $thumb-save(); 时，您需要将路径传递到新文件以将其另存为。如果您确实想这样做，那么您现在拥有的方式将覆盖原始内容。另外， $thumb->show(); 不需要参数，它会偏离您用来创建对象的路径参数。我也不确定您是否需要使用 PhpThumbFactory 来弄乱标头，因为我认为 show() 方法可以处理该问题。