从Python中的不同工作目录确定文件的路径名

发布于 2024-09-24 15:37:21 字数 152 浏览 4 评论 0原文

我有一个在我的几个项目之间共享的 python 模块（每个项目都有不同的工作目录）。该共享模块中的函数之一使用 os.spawn 执行脚本。问题是，我不确定要为 os.spawn 指定什么路径名，因为我不知道调用该函数时当前工作目录是什么。如何以任何调用者都可以找到的方式引用该文件？谢谢！

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魔法少女 2024-10-01 15:37:21

所以我刚刚了解了 __file__ 变量，它将为我的问题提供解决方案。我可以使用 file 获取在所有项目中保持不变的路径名，并使用它来引用我需要调用的脚本，因为该脚本将始终位于相对于 的相同位置__文件__ 。但是，如果有人有其他/更好的方法，我愿意接受。

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冰魂雪魄 2024-10-01 15:37:21

将其放在众所周知的目录中（/usr/lib/yourproject/ 或 ~/lib 或类似目录），或者根据使用它的源文件的位置将其放在众所周知的相对路径中。

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勿忘初心 2024-10-01 15:37:21

下面的代码将找到调用模块的位置，这从程序员的角度来看是有意义的：

    ## some magic to allow paths relative to calling module
    if path.startswith('/'):
        self.path = path
    else:
        frame = sys._getframe(1)
        base = os.path.dirname(frame.f_globals['__file__'])
        self.path = os.path.join(base, path)

即，如果您的项目位于 /home/foo/project 中，并且您想要引用script / myscript 中的 script 'myscript' ，您可以简单地传递 'scripts/myscript' 。该代码片段将确定调用者位于 /home/foo/project 中，并且整个路径应为 /home/foo/projects/scripts/myscript。

或者，您始终可以要求程序员指定完整路径，并使用 os.path.exists 检查它是否存在。

The following piece of code will find the location of the calling module, which makes sense from a programmer's point of view:

    ## some magic to allow paths relative to calling module
    if path.startswith('/'):
        self.path = path
    else:
        frame = sys._getframe(1)
        base = os.path.dirname(frame.f_globals['__file__'])
        self.path = os.path.join(base, path)

I.e. if your project lives in /home/foo/project, and you want to reference a script 'myscript' in scripts/, you can simply pass 'scripts/myscript'. The snippet will figure out the caller is in /home/foo/project and the entire path should be /home/foo/projects/scripts/myscript.

Alternatively, you can always require the programmer to specify a full path, and check using os.path.exists if it exists.

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