如何使用 Boost::Python 在不修改基类的情况下向导出类添加方法？

Question

我有一个无法修改的 C++ 类。然而，该类拥有一个 std::list<> 。我需要能够在 Python 扩展中访问的项目。由于 Boost::Python 似乎没有 std::list 和 Python 列表之间的内置转换，所以我希望能够用 C++ 编写一个方法来为我完成此转换，稍后，当我正在将 C++ 类映射到 Python 类，我可以附加此方法。

我更喜欢如果我可以调用这样的方法

baseClassInstance.get_std_list_of_items_as_python_list()

Answer 1

要以更通用的方式回答这个问题，您可以将任何具有正确签名的 C++ 函数附加到 class_ 声明中的 python 导出。

假设有一个 foo 类：

struct foo
{
    //class stuff here
}

您可以定义一个自由函数，它将 foo 的引用作为第一个参数：

int do_things_to_a_foo(foo& self, int a, std::string b, other_type c)
{
    //Do things to self
}

并像 foo 的成员一样导出它：

class_<foo>("foo")
   ...
   .def("do_things_to_a_foo", &do_things_to_a_foo)
   ...
   ;

Answer 2

Boost 提供了一个包装迭代器的帮助器，记录如下： http://www.boost.org/doc/libs/1_42_0/libs/python/doc/v2/iterator.html

该示例听到该页面的结尾对我有用，您只需要明确地创建转换，例如：

  class_<std::list<Item> >("ItemList")
    .def("__iter__", iterator<std::list<Item> >());

为了修改 C++ 类而不更改它，我习惯于创建一个子类化真实类的瘦包装器。这是一个很好的地方来分离所有的琐事，让我的 C++ 对象与 Python 感觉很舒服。

  class Py_BaseClass : public BaseClass {
  public:
    std::list<Item> & py_get_items();
  }