C++ “聪明” stl算法的谓词

Question

我需要为 stl 算法设计谓词，例如 find_if、count_if。

namespace lib
{
    struct Finder
    {
        Finder( const std::string& name ):
            name_( name )
        {
        }

        template< typename TElement >
        bool operator( const TElement& element )
        {
            return element.isPresent( name_ );
        }

        /* template< typename TElement >
        bool operator( const TElement& element )
        {
            const Data& data = element.getData();
            return data.isPresent( name_ );
        }*/ 
    };
}

但我需要它根据 TElement 中某些特定方法的存在具有不同的运算符 () 。 就像如果它有“getData”我想检查该数据，如果没有我会做一些其他操作。

我知道 SFINAE。 但我的项目上没有 boost:: 。 因此，要么有一些模板“has_method”的简单实现，要么您知道其他一些设计解决方案。

我无法指向特定类型并简单地重载，因为我想将此谓词放入项目库之一，该项目库不知道具有“getData”方法的那些特定类。

只要没有命名空间，具有类特征的解决方案就很好。 谓词查找器位于“lib”命名空间中，带有“getData”的类位于“program”命名空间中。

谢谢。

Answer 1

为什么要使用模板方法？ 只需使用您想要作为其基础的特定类，或者如果有很多类类型，则使用公共基类。

例如，

struct Finder
{
    Finder( const std::string& name ):
        name_( name )
    {
    }

    bool operator( const IsPresentBaseClass& element )
    {
        return element.isPresent( name_ );
    }

    bool operator( const GetDataBaseClass& element )
    {
        const Data& data = element.getData();
        return data.isPresent( name_ );
    } 
 };

如果这种模式在不同的类类型中经常发生，并且您在使用谓词之前知道类型，则可以对谓词本身进行模板化。

例如，

template<class T1, class T2>
struct Finder
{
    Finder( const std::string& name ):
        name_( name )
    {
    }

    bool operator( const T1& element )
    {
        return element.isPresent( name_ );
    }

    bool operator( const T2& element )
    {
        const Data& data = element.getData();
        return data.isPresent( name_ );
    } 
 };

或者您可以使用的另一种方法是使用某种类特征来保存信息。

例如，

struct UseIsPresent
{
    template<class T>
    static bool CompareElement( const T& element, const std::string& name )
    {
        return element.isPresent( name );
    }
};

struct UseGetData
{
    template<class T>
    static bool CompareElement( const T& element, const std::string& name )
    {
        const Data& data = element.getData();
        return data.isPresent( name );
    } 
};

// default to using the isPresent method
template <class T>
struct FinderTraits
{
    typedef UseIsPresent FinderMethodType;
};

// either list the classes that use GetData method
// or use a common base class type, e.g. UseGetData
template <>
struct FinderTraits<UseGetData>
{
    typedef UseGetData FinderMethodType;
};

struct Finder
{
    Finder( const std::string& name )
    : name_( name )
    {
    }

    template<class T>
    bool operator()( const T& element )
    {
        return FinderTraits<T>::FinderMethodType::CompareElement<T>(element, name_);
    }

    std::string name_;
};

所有这些方法的缺点是，在某些时候您需要知道类型才能将它们分成要使用的方法。

Answer 2

您可以查看 Veldhuizen 的主页 switch 模板。 您也许可以用它来选择确切的运算符？

Answer 3

让你的类型派生自“功能类型”（例如类型“has_function1”），它将作为java接口工作，你就有机会，因为SFINAE可以用来测试一种类型是否可以转换为另一种类型。

如果您有兴趣，我可以研究一下并给您更详细的答案。

编辑：
我知道您说过您没有可用的 Boost 库，但是有什么因素阻止您获取 boost::is_convertible 工作所需的几个文件吗？ 不会有什么特别需要编译的！

Answer 4

Boost 并不是魔法，而是魔法。 使用 SFINAE 相当简单：

    template< typename TElement >
    bool operator( const TElement& element, ... )
    {
        return element.isPresent( name_ );
    }

    template< typename TElement >
    bool operator( const TElement& element, const Data& data = element.getData())
    {
        return data.isPresent( name_ );
    }

如果不编译，SFINAE 将删除第二个重载。 重载解析将选择第二个，如果它确实编译的话，因为...是一个更差的匹配。