如何使用 Python 启动应用程序的实例？

Question

我正在创建一个 Python 脚本，它执行一系列任务，其中一个任务是启动并打开 Excel 实例。 在我的脚本中实现这一目标的理想方法是什么？

Answer 1

虽然 Popen 答案对于一般情况来说是合理的，但如果您想用它做一些有用的事情，我会推荐 win32api 对于这种特定情况：

它是这样的：

from win32com.client import Dispatch
xl = Dispatch('Excel.Application')
wb = xl.Workbooks.Open('C:\\Documents and Settings\\GradeBook.xls')
xl.Visible = True    # optional: if you want to see the spreadsheet

摘自邮件列表帖子，但有很多周围的例子。

Answer 2

或者

os.system("start excel.exe <path/to/file>")

（假设它在路径中，并且您在 Windows 上）

并且在 Windows 上，只需 start 也可以 - 如果它已经是关联的扩展名（如 xls 那样）

Answer 3

subprocess 模块旨在替换其他几个较旧的模块和函数，例如：

• os.system
• os.spawn*
• os.popen*
• popen2.*
• Commands.*

。

import subprocess

process_one = subprocess.Popen(['gqview', '/home/toto/my_images'])

print process_one.pid

Answer 4

我喜欢 popen2，因为它能够监控进程。

excelProcess = popen2.Popen4("start excel %s" % (excelFile))
status = excelProcess.wait()

https://docs.python.org/2/library/popen2.html

编辑：请注意，调用 wait() 将阻塞，直到进程返回。 根据您的脚本，这可能不是您想要的行为。

Answer 5

正如其他人所说，我建议使用 os.system。 如果有人正在寻找 Mac 兼容的解决方案，这里有一个示例：

import os
os.system("open /Applications/Safari.app")

Answer 6

os.system("打开文件.xls")

Answer 7

我喜欢 os.startfile("path to file") 因为它打开文件就像双击打开一样。

我发现使用 os.system("start excel filename") 可以像从网络打开文件一样打开它，并且您必须启用编辑。